yukicoder No.416 旅行会社
解法
クエリを逆に読んでデータ構造をマージする一般的なテクを使えば解けます。
まず消される辺についてはすべて消されてる状態にします。この際 0 と連結な頂点は答えが -1 です。
で, クエリの後ろの辺から辺を追加していきます。追加される辺が a, b であるとすると, a も b も 0 と同じ連結成分にない場合, 普通にマージすれば良いです。
一方で, a, b のいずれかが 0 と同じ連結成分に含まれる場合, 含まれてない側が 0 と初めて連結する, 逆にクエリの順に辺を消していったときはじめて 0 と離れるのはそのクエリの辺の時点とわかるので, 0 と連結していなかった側の答えが確定します。
これらの操作は データ構造をマージする一般的なテクを使う方で O(N log N), 答えをメモするので O(N) かかるので結局計算量は O(N log N) です。
他にもついこないだ出題されたパラレルバイナリサーチを使っても解けるようです。
const int MAXM = 200200; pii edge[MAXM], del[MAXM]; int ans[MAXM]; int e2g[MAXM]; vi g2e[MAXM]; bool isSame(int x, int y) { return e2g[x] == e2g[y]; } void unite(int x, int y) { if (isSame(x, y)) return; int gx = e2g[x], gy = e2g[y]; if (g2e[gx].size() < g2e[gy].size()) { swap(x, y); swap(gx, gy); } for (int el : g2e[gy]) e2g[el] = gx; g2e[gx].insert(g2e[gx].end(), g2e[gy].begin(), g2e[gy].end()); g2e[gy].clear(); } int main() { cin.tie(0); ios::sync_with_stdio(false); int N, M, Q; cin >> N >> M >> Q; for (int i = 0; i < M; i++) { cin >> edge[i].first >> edge[i].second; edge[i].first--; edge[i].second--; } set<pii> S; for (int i = 0; i < Q; i++) { cin >> del[i].first >> del[i].second; del[i].first--; del[i].second--; S.insert(del[i]); } for (int i = 0; i < N; i++) { e2g[i] = i; g2e[i].push_back(i); } for (int i = 0; i < M; i++) { if (S.find(edge[i]) == S.end()) { unite(edge[i].first, edge[i].second); } } { int g = e2g[0]; for (int el : g2e[g]) ans[el] = -1; } for (int i = Q-1; i >= 0; i--) { int a = del[i].first, b = del[i].second; if (!isSame(a, b)) { if (!isSame(0, a) && !isSame(0, b)) { unite(a, b); } else { if (isSame(0, b)) { swap(a, b); } int gb = e2g[b]; for (int el : g2e[gb]) ans[el] = i+1; unite(a, b); } } } for (int i = 1; i < N; i++) cout << ans[i] << endl; return 0; }